表单提交后怎么不跳转页面(form表单提交后不跳转)

表单提交后怎么不跳转页面

1、用AJAX模式，这是不刷新页面提交的最好模式，网上很多完整例子，可以参考一下；如果另一个页面只有业务处理功能，不需要界面显示的话，可以先POST数据到此页面处理数据，处理成功后返回到原页（此实现方案会刷新页面）。

2、if(！empty($_POST['；username'；])){ echo "；alert('；提交成功，谬条转 '；)；"；；} ？> 跳不跳那。。。

3、游戏玩家要明白，第一种形式会跳转，第二种不会.既然游戏玩家使用了submit提交，就一定会跳转的.我说用submit会提交，我可没说form会提交啊.用form结构可以，但是游戏玩家要声明阻止默认提交.然后用ajax进行提交.总之核心，游戏玩家不想跳转。

4、一般的像链接，表单提交action，js中的跳转方法都是说是从客户端访问，此时路径名称中应有项目名称，比如/项目名/servlet/servlet名称。

5、最简单的就是给 form 增加 onsubmit 参数，异步提交 比如调用 js 函数用题主所述的 jquery ajax 方法： function PostData() { $.ajax({ type： "；POST"；， url： "；post.go"；， data ： "；"；。

6、1：可能是游戏玩家要通过action提交的页面，iis识别不了，没有在iis上配置相应的httpHandler的后缀名 2：可能是游戏玩家写的js的Function 有问题！3：检查服务器上面.frameWork 是否安装成功！游戏玩家可以在游戏玩家本地的iis上部署一下试试。

javapost数据不让页面跳转

1、看一下addbookjsp头部代码，游戏玩家检查下头部，估计是头部写错了 要不游戏玩家直接复制下面的。

2、的input的值就变成了处理后的值，js代码再将父页面span区域中的文字变成var.原理是这样的，不知游戏玩家理解否.第一次可能问题比较多，但游戏玩家调试成功后会觉得这个办法很笨很好用.再当游戏玩家学了Ajax后。

3、用iframe，把接收数据的页面放进iframe里，如果不需要显示出来。

4、方式2，如果需要传递参数，只能通过将参数添加到跳转的地址中，众所周知，对于一些要紧的参数，在地址中是非常不安全的，而且需要传递多个参数，放在链接中传递也不是很好。所以需要采用form表单提交的方式进行页面跳转。

5、用jquery框架好 在游戏玩家的jsp页面编写JQuery的Ajax方法：然后在游戏玩家的Servlet 只要输出对应的数据就可以；实现局部刷新；具体代码： 可以用的$("；#d"；).load("；servlet名字"；)；//数据就显示在个div里了；在游戏玩家的Sevlet 扶着打印。

6、进行文件重新配置。根据查询相关公开信息显示，java登录页面不能跳转网页显示服务器错误，是文件配置出了问题，在web.xml文件进行文件重新配置即可。Java具有大部分编程语言所共有的一些特征，被特意设计用于互联网的分布式环境。

asp页面表单带参数提交的时候不能跳转到指定的页面

1、应该是游戏玩家的服务器不支持asp，或是服务器配置错误造成无法执行asp文件，还有一种可能是游戏玩家的sendMail.asp文件本身有问题，它将原本应该执行的语句按字符串方式返回了.游戏玩家可以上传一个ASP探针程序。

2、asp做处理页面就行。

3、游戏玩家的表达让我不是很理解游戏玩家所要问的问题。表单提交到当前的页面 可以让form里面的action="；本页"；。

4、把PostBackUrl="；~/register.aspx"； 这个去掉，PostBackUrl是把该页面数据发到另外一个页面进行处理的。

5、游戏玩家在form ACTION属性给了一个 fhss.asp 然后提交选用的是submit按钮，submit 按钮是强制提交，不管form内的input值如何，并且强制将页面转向action所指向页面。

6、("；../login.asp？header=errorcode&st="； & st & "；&sv="； & sv & "；"；)路径一定要准确，而且也应该在后台的...之间执行。不能将ASP程序照搬到ASP.NET程序。

怎么实现php表单提交后不跳转

1、可以用ajax提交表单的 var http_request = false；function send_request(url) {//初始化、指定处理函数、发送请求的函数 http_request = false；//开始初始化XMLHttpRequest对象 if(window.XMLHttpRequest) { //Mozilla 。

2、//错误有两处，分别如下：页面不跳转是由于action没写正确。示例：action="；insertStudent.php"；mysql_select_db('；db_student'；)；这里选择操作的数据库是db_student，确保操作的数据表名称也是 db_student才可以。

3、应该是游戏玩家数据没读到，后面加个else试试是否读到数据。

4、游戏玩家在ceshi.php文件结尾处，加入header("；Location：游戏玩家要去的页面.php"；)；文本框前面的中文不建议游戏玩家保存，容易出问题，如果非要的话，看看把它们放到hidden带过去 要带时间过去的话。

5、 onclick是按钮事件，不是表单事件，执行完函数后还会提交表单。

JS如何实现自动提交表单内容但不跳转该页面

1、我给您一个解决方案吧，网上的例子大多可以找到一些用jquery库的$.ajax方法来实现ajax提交，但您所说的，页面会有很多数据，如果使用未封装过的ajax代码会显得很长，在之前的开发中我发现一个jquery插件jquery.form.js。

2、(4)如果在表单中，我们使用type='；'；button属性，但还是需要提交表单，可以用ajax提交。好处是可以自己控制提交，页面不会跳转。(5)如果使用默认提交方式，并且在提交前对表单进行了验证，请参考以下方法。

3、游戏玩家要明白，第一种形式会跳转，第二种不会.既然游戏玩家使用了submit提交，就一定会跳转的.我说用submit会提交，我可没说form会提交啊.用form结构可以，但是游戏玩家要声明阻止默认提交.然后用ajax进行提交.总之核心，游戏玩家不想跳转。

form表单提交了但页面不跳转是什么原因

1、.ajax({ type： "；POST"；， url："；../action/itjob.action"；， data： "；menuCode="；+code， async： false， success： function(data){ }。

2、如果button标签不指定type，那么它默认就是submit（但在IE中则是button），也就是说点击它就相当于提交表单了，因此它会先去执行change()里的代码，然后立刻（此时网页尚未开始跳转）提交表单，但由于form未指定action。

3、可能是因为：web.xml没有配置servlet路径服务器无法找到servlet程序 路径问题 一般在myeclipse中创建一个servlet，在web.xml中的配置虚拟路径/servlet/servlet名称。

写了一个form表单但是无法跳转servlet怎么回事

1、大哥，游戏玩家好好看下游戏玩家表单提交的方法是add，游戏玩家servlet里面的方法是service...这样的错误一般就两个原因：1，方法名不存在，初始化找不到对应的方法 2，访问方法的路劲错误，也是找不到方法。

2、游戏玩家表单里的按钮只是一个普通的button，不具有提交的功能，游戏玩家可以把type="；botton"；改成type="；submit"；，也可以写上一个onClick="；test()"；，在funtion test()方法中写表单，获取到form对象。

3、最简单的就是给 form 增加 onsubmit 参数，异步提交 比如调用 js 函数用题主所述的 jquery ajax 方法： function PostData() { $.ajax({ type： "；POST"；， url： "；post.go"；， data ： "；"；。

4、form提交到servlet中点击按钮没反应的原因是Action路径有问题、请求方式与Action的不同、属性的值输入错误。from表单里面Action的路径出现问题，可以进行检查一下。检查from表单里面提交请求的方式与Action是否一致。